Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl Soluzioni ai problemi proposti nel libro Capitolo 9 9.1 • Gli alcoli sono classificati come 1°, 2° or 3°, dipendentemente dal numero degli atomi di carbonio legati al carbonio con il gruppo OH. • Gli eteri simmetrici hanno due gruppi R identici, e gli eteri asimmetrici hanno gruppi R che sono diversi. OH OH 1° alcohol CH3 O symmetrical ether 2° alcohol OH CH3 OH 3° alcohol O unsymmetrical ether O unsymmetrical ether 1° alcohol 9.2 Per dare il nome all’alcol: [1] Individuare la catena più lunga che porta il gruppo OH come sostituente. Assegnare il nome alla molecola come derivato di quel numero di carboni cambiando il suffisso –e dell’alcano con il suffisso –ol. [2] Numerare la catena carboniosa assegnando al carbonio con il gruppo OH il numero più basso. Quando il gruppo OH è legato ad un ciclo, l’anello viene numerato cominciando dal carbonio con il gruppo OH, e il numero “1” viene generalmente omesso. [3] Applicare le altre regole di nomenclatura per completare il nome. 1 OH a. [1] [2] OH [3] 3,3-dimethyl-1-pentanol 5 carbons = pentanol 3,3-dimethyl b. (CH3CH2)2CHCH(OH)CH2CH3 redraw H [1] H H CH3CH2 C C CH2CH3 CH3CH2 OH [2] CH3CH2 C CH3 3 C CH2CH3 [3] 4-ethyl-3-hexanol CH3CH2 OH 6 carbons = hexanol [1] H 4-ethyl CH3 [2] 2-methyl [3] cis-2-methylcyclohexanol c. OH OH 1 6 carbon ring = cyclohexanol d. [1] OH 9 carbons = nonanol [2] 6-methyl 3 OH 5-ethyl [3] 5-ethyl-6-methyl-3-nonanol Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.3 Per scrivere il nome dalla struttura: [1] Trovare il nome della catena più lunga e disegnare la struttura. [2] Aggiungere i sostituenti alla catena principale. OH 7 3 2 c. 2-tert-butyl-3-methylcyclohexanol a. 7,7-dimethyl-4-octanol 4 OH 1 5 b. 5-methyl-4-propyl-3-heptanol 3 OH OH OH d. trans-1,2-cyclohexanediol or OH OH 9.4 Per assegnare il nome ad eteri semplici: [1] Assegnare il nome ad entrambi i gruppi alchilici legati all’ossigeno. [2] Ordinare questi nomi in ordine alfabetico e poi aggiungere la parola etere. Per eteri simmetrici, assegnare il nome al gruppo alchilico ed aggiungere il prefisso di. Per assegnare il nome agli eteri con il sistema IUPAC: [1] Individuare i due gruppi alchilici legati all’ossigeno dell’etere. La catena più corta diventa il sostituente, nominato come gruppo alcossi. [2] Numerare la catena per assegnare il numero più basso al primo sostituente. Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl IUPAC name: a. common name: CH3 CH3 O CH2CH2CH2CH3 butyl methyl ether 1-methoxybutane IUPAC name: b. common name: OCH3 OCH3 methyl cyclohexyl methyl ether c. common name: propyl substituent methoxy larger group - 6 C's cyclohexane cyclohexyl CH3CH2CH2 larger group - 4 C's butane substituent: methoxy butyl methyl O CH2CH2CH2CH3 methoxycyclohexane IUPAC name: O CH2CH2CH3 CH3CH2CH2 propyl O CH2CH2CH3 propoxy dipropyl ether propane 1-propoxypropane 9.5 Tre modi di assegnare il nome agli epossidi: [1] Gli epossidi sono nominati come derivati dell’ossirano, l’epossido più semplice. [2] Gli epossidi possono essere nominati considerando l’ossigeno un sostituente chiamato gruppo epossi, legato ad una catena idrocarburica. Usare due numeri per indicare a quali atomi l’ossigeno è legato. [3] Gli epossidi possono essere nominati come alchene ossidi rimpiazzando mentalmente l’ossigeno epossidico con un doppio legame. Assegnare il nome all’alchene (Capitolo 10) ed aggiungere la parola ossido. 1 O a. CH3 Three possibilities: [1] methyloxirane [2] 1,2-epoxypropane [3] propene oxide CH3 b. 9.6 Usare i suggerimenti della risposta 9.2. O 2 1-methyl epoxy group One possibility: 6 carbons = cyclohexane 1,2-epoxy-1-methylcyclohexane Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl a. (CH3)2CHCH2CH2CH2OH [1] [2] H CH3 C CH2CH2CH2OH H CH3 1 CH3 [3] 4-ethyl-6-methyl-3-heptanol [3] 4-ethyl-5-methyl-3-octanol [3] cis-1,4-cyclohexanediol [3] 3,3-dimethylcyclohexanol [3] (2R,3R)-2,3-butanediol [3] 5-methyl-2,3,4-heptanetriol [3] 3-isopropylcyclopentanol 4-methyl 5 carbons = pentanol (CH3)2CHCH2CH(CH2CH3)CH(OH)CH2CH3 [1] H CH3 [2] H OH C CH2 C CH CH2CH3 H CH3 CH2CH3 CH3 c. [1] C CH2 C CH 6-methyl 4-ethyl 5-methyl [2] OH 8 carbons = octanol HO OH [1] [2] 1 HO OH cis [2] HO HO 6 carbons = cyclohexanol [1] HO H 4-ethyl 3 4 cyclohexanediol e. CH2CH3 CH2CH3 OH d. [1] 3 H OH CH3 7 carbons = heptanol f. 4-methyl-1-pentanol C CH2CH2CH2OH CH3 b. [3] 3,3-dimethyl [2] HO H 3 2 HO H HO H 2R, 3R 4 carbons = butanediol g. [2] OH OH [1] 4 3 2 OH h. OH OH 7 carbons = heptanetriol [1] 5-methyl [2] HO CH(CH3)2 OH 1 HO CH(CH3)2 5 carbons = cyclopentanol 3-isopropyl 9.7 Usare le regole delle risposte 9.4 e 9.5. Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl a. d. O O 1,2-epoxy-2-methylhexane or 1-butyl-1-methyloxirane or 2-methylhexene oxide common name: dicyclohexyl ether 4,4-dimethyl b. CH2CH3 e. OCH2CH2CH3 longest chain = heptane substituent = 3-propoxy IUPAC name: 4,4-dimethyl-3-propoxyheptane c. epoxy O 2 5 carbons = cyclopentane IUPAC name: 1,2-epoxy-1-ethylcyclopentane CH3 O f. common name: ethyl isobutyl ether CH3 CH3 C O C CH3 CH3 CH3 IUPAC name: 1-ethoxy-2-methylpropane tert-butyl tert-butyl common name: di-tert-butyl ether 9.8 Usare i suggerimenti della risposta 9.3. a. 4-ethyl-3-heptanol 3 1 e. 3-chloro-1,2-propanediol 4 HO 2 Cl OH OH 1 OH b. trans-2-methylcyclohexanol OH f. diisobutyl ether O or CH3 HO CH3 g. 1,2-epoxy-1,3,3-trimethylcyclohexane 1 3 O c. 2,3,3-trimethyl-2-butanol 3 2 d. 6-sec-butyl-7,7-diethyl-4-decanol h. 1-ethoxy-3-ethylheptane OH 4 9.9 3 6 7 O 1 3 Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl Eight constitutional isomers of molecular formula C5H12O containing an OH group: OH 1-pentanol 1 OH 3-methyl-1-butanol 3 1 OH 2-methyl-1-butanol OH 2-pentanol OH 2 1 2,2-dimethyl-1-propanol 2-methyl-2-butanol 2 OH 3-methyl-2-butanol OH OH 3-pentanol 2 9.10 Due regole per i punti di ebollizione: [1] Più intense le forze più alto il p.e. [2] Il p.e. aumenta all’aumentare dei legami idrogeno. Per gli alcoli con lo stesso numero di atomi di carbonio: legami idrogeno e p.e. aumentano: 3° ROH < 2° ROH < 1° ROH. OH CH3 CH3 a. OH b. O OH OH VDW lowest bp VDW DD intermediate bp VDW DD hydrogen bonding highest bp 3° ROH lowest bp 2° ROH intermediate bp 1° ROH highest bp 9.11 Disegnare il dimetil etere e l’etanolo ed analizzare le loro forze intermolecolari per spiegare la tendenza osservata. dimethyl ether CH3 O CH3 VDW DD no HB much lower bp 9.12 ethanol CH3CH2OH VDW DD HB Two molecules of CH3CH2OH can hydrogen bond to each other. stronger forces = much higher bp Both molecules contain an O atom and can hydrogen bond with water. They have fewer than 5 C's and are therefore water soluble. H H O H CH3 O Usare le regole dei punti di ebollizione della risposta 9.10. O H CH3 CH3CH2 O H Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl CH3CH2OCH3 (CH3)2CHOH CH3CH2CH2OH ether no hydrogen bonding lowest bp 2° alcohol hydrogen bonding intermediate bp 1° alcohol hydrogen bonding highest bp a. b. CH3CH2CH2CH2CH2CH3 no OH group lowest water solubility CH3CH2CH2CH2CH2CH2OH HOCH2CH2CH2CH2CH2CH2OH one OH group intermediate water solubility two OH groups highest water solubility 9.13 Disegnare i prodotti della sostituzione nella seguente reazione sostituendo l’ –OH o –OR al posto di X nei prodotti di partenza. a. CH3CH2CH2CH2 Br + OH b. + Cl c. CH2CH2–I + Br d. + OH + CH3CH2CH2CH2 OCH3 OCH3 Br + alcohol unsymmetrical ether Cl OCH(CH3)2 CH2CH2–OCH(CH3)2 OCH2CH3 OCH2CH3 + + Br I unsymmetrical ether unsymmetrical ether 9.14 NaH e NaNH2 sono basi forti che possono rimuovere un protone da un alcol, creando un nucleofilo. CH3CH2CH2 O− Na+ + H2 a. CH3CH2CH2 O H + Na+ H− CH3 b. C O H CH3 +− + Na NH2 C O H Na+ + NH3 + H c. O H Na+ H− O O d. O Br H Na+ H− + Na+ + H2 CH3CH2CH2–Br CH2CH2CH3 + Br– O + Na+ + H2 O + Br– Br C6H10O 9.15 Solo gli acidi che hanno pKa inferiore a –2 sono abbastanza forti per protonare un alcol. Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl a. HF (pKa = 3) = above −2; not strong enough b. HClO4 (pKa = −10) = below −2; strong enough to protonate an alcohol. c. C6H5SO3H (pKa = −7) = below −2; strong enough to protonate an alcohol. d. CH3COOH (pKa = 5) = above −2; not strong enough 9.16 La disidratazione segue la regola di Zaitsev, così l’alchene più stabile, e più sostituito è il prodotto maggioritario. H a. CH3 C CH3 H2SO4 CH2 CH CH3 + H2O OH CH3CH2 b. TsOH CH2 CH3 trisubstituted major product CH3 c. OH + H2O C CHCH3 OH disubstituted minor product CH2 CH3 H2SO4 + H2O trisubstituted disubstituted major product minor product 9.17 La velocità della disidratazione aumenta all’aumentare del numero dei gruppi R. a. (CH3)2CHCH2CH2CH2OH 1° alcohol slowest reaction (CH3)2CHCH2CH(OH)CH3 (CH3)2C(OH)CH2CH2CH3 2° alcohol intermediate reactivity 3° alcohol fastest reaction CH3 OH OH b. HO 1° alcohol slowest reaction CH3 2° alcohol intermediate reactivity 3° alcohol fastest reaction 9.18 Ci sono tre stadi nel meccanismo E1 per la disidratazione degli alcoli, e tre stati di transizione. Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl transition state [1]: CH3 CH3 CH3 C CH3 δ+OH CH3 δ+ C CH3 δ+ C CH2 CH3 H CH3 δ+OH δ− H transition state [3]: transition state [2]: 2 OSO3H δ+ OH2 9.19 transition state [1]: transition state [2]: H H OSO3H C CH2 CH3CH2 C H δ+OH H CH3 − δ H OSO3H δ− OH2 δ+ 9.20 a. CH3CH2CH2OH b. CH3CH2CH2OH c. CH3CH2CH2OH H2SO4 NaH HCl CH3CH CH2 + H2 O CH3CH2CH2O Na+ CH3CH2CH2Cl + H2 + H2O ZnCl2 d. CH3CH2CH2OH e. CH3CH2CH2OH f. CH3CH2CH2OH SOCl2 pyridine PBr3 CH3CH2CH2Br + H2O CH3CH2CH2Cl CH3CH2CH2Br g. CH3CH2CH2OH TsCl pyridine CH3CH2CH2OTs h. CH3CH2CH2OH [1] NaH CH3CH2CH2O Na+ i. 9.21 HBr CH3CH2CH2OH [1] TsCl CH3CH2CH2OTs [2] CH3CH2Br [2] NaSH CH3CH2CH2OCH2CH3 CH3CH2CH2SH Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl a. OH NaH b. OH NaCl c. OH HBr d. OH HCl e. OH H2SO4 f. OH NaHCO3 Br g. OH [1] NaH Cl h. OH POCl3 pyridine O Na+ + H2 N.R. + H 2O N.R. O [2] CH3CH2Br O CH2CH3 9.22 La disidratazione segue la regola di Zaitsev, e l’alchene più stabile e più sostituito è il prodotto maggioritario. TsOH a. OH tetrasubstituted major product b. CH2CH3 OH c. OH disubstituted CH2CH3 CHCH3 TsOH TsOH trisubstituted disubstituted major product d. CH3CH2CH2CH2OH TsOH CH3CH2CH CH2 OH TsOH e. CH3CH2CH CHC(CH3)3 disubstituted tetrasubstituted major product disubstituted Two products formed by carbocation rearrangement 9.23 L’alchene più stabile è il prodotto principale. Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl OH H2SO4 monosubstituted trans and disubstituted major product cis and disubstituted 9.24 OTs è un buon gruppo uscente e sarà sostituito da un nucleofilo facilmente. Disegnare i prodotti sostituendo il nucleofilo al posto dell’ OTs nel materiale di partenza. a. CH3CH2CH2CH2 OTs b. CH3CH2CH2CH2 OTs c. CH3CH2CH2CH2 OTs d. CH3CH2CH2CH2 OTs CH3SH SN2 NaOCH2CH3 SN2 NaOH SN2 K+ CH3CH2CH2CH2 SCH3 + HOTs CH3CH2CH2CH2 OCH2CH3 CH3CH2CH2CH2 OH – OC(CH3)3 + Na+ + Na+ –OTs –OTs + – CH3CH2CH CH2 + (CH3)3COH + K OTs E2 9.25 CH3 a. CH3 C CH2CH3 CH3 HCl CH3 C CH2CH3 OH Br HBr Cl OH b. OH c. + H2O HI I + H2O 9.26 HBr a. + Br HO H b. OH H D HCl ZnCl2 Cl H D HO H pyridine H Cl TsCl pyridine d. HO H Configuration is maintained. C–O bond is not broken. H Br 1° Alcohol will undergo SN2. inversion SOCl2 c. 9.27 H 2° Alcohol will undergo SN1. racemization SOCl2 always implies SN2. inversion KI TsO H SN 2 inversion H I + H2O Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl NaH CH3I A= B= O H a. TsCl C= pyridine HO H CH3O H CH3O TsO H PBr3 D= H OCH3 CH3O E= F= CH3O H H Br b. B and D are enantiomers. c. B and F are identical. 9.28 La disidratazione acido catalizzata segue un meccanismo E1 per ROH 2o e 3o con uno stadio aggiuntivo per creare un buon gruppo uscente. I tre passaggi sono: [1] Protonare l’ossigeno per creare un buon gruppo uscente. [2] Rompere il legame C−O per formare un carbocatione. [3] Rimuovere un idrogeno β per formare un legame π. a. OH CH3 H OSO3H + overall reaction The steps: CH3 CH3 CH2 + + H 2O H O H CH3 H H + HSO4 HSO4 CH3 H CH3 + H2 O 2° carbocation and H CH3 1,2-H shift + H2SO4 + HSO4 CH2 CH2 H 2° carbocation + H2SO4 3° carbocation and H + HSO4 CH3 CH3 + H2SO4 Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl CH3 b. CH3 H OSO3H CH3 + H 2O overall reaction OH CH3 The steps: CH3 CH3 CH3 CH3 + H O 2 + HSO4 + H2SO4 CH3 H O H H CH3 CH3 1,2-CH3 shift 2° carbocation CH3 + HSO4 3° carbocation 9.29 Per disegnare il meccanismo: [1] Protonare l’ossigeno per ottenere un buon gruppo uscente. [2] Rompere il legame C−O per formare un carbocatione. [3] Controllare per un possibile riarrangiamento per rendere più stabile il carbocatione. [4] Rimuovere un idrogeno β per formare il legame π. I cerchi chiari e scuri vengono usati per mostrare dove i carboni del prodotto di partenza appaiono nel prodotto finale. OH + H2O O H H H OSO3H H 2o carbocation + HSO4– – + HSO4 + H2SO4 3o carbocation 9.30 OTs + a. 1° tosylate b. CH3CH2CH2 OTs CN SN2 CN + K+ −OC(CH3)3 E2 CH3CH strong bulky base 1° tosylate H OTs c. CH3 HS H + C CH2CH2CH3 2° tosylate + OTs strong nucleophile SH strong nucleophile SN2 (Substitution is favored over elimination.) CH3 C CH2 + K+ −OTs + HOC(CH3)3 SN2 product (inversion of configuration) CH2CH2CH3 Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.31 HO H Br HBr a. H H S HO H b. 2° alcohol SN1 = racemization R H PBr3 Br PBr3 follows SN2 = inversion Br R HO H Cl HCl c. H H HO H H SOCl2 pyridine 2° alcohol SN1 = racemization R S d. Cl SOCl2 follows SN2 = inversion Cl R 9.32 Le reazioni di sostituzione degli alcoli usando SOCl2 procedono attraverso un meccanismo SN2. Di conseguenza,c’è inversione di configurazione al centro stereogenico. H OH SOCl2 Cl H pyridine S R 9.33 Reactions using SOCl2 proceed by an SN2 mechanism = inversion of configuration. Le reazioni di sostituzione degli alcoli usando PBr3 procede attraverso un meccanismo SN2. Di conseguenza, c’è inversione di configurazione al centro stereogenico. H OH PBr3 Br H S R Reactions using PBr3 proceed by an SN2 mechanism = inversion of configuration. 9.34 Stereochimica della conversione di ROH a RX per reagente: [1] HX– con 1°, SN2, inversione di configurazione; con 2° e 3°, SN1, racemizzazione. [2] SOCl2 – SN2, inversione di configurazione. [3] PBr3 – SN2, inversione di configurazione. OH a. SOCl2 c. Cl OH PBr3 Br pyridine OH HI I b. 3° alcohol, SN1 = racemization I SN2 = inversion Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.35 OH [1] HBr 3-methyl-2-butanol 1,2-H shift H Br Br– [2] –H2O 3° carbocation 2° carbocation 2-methyl-1-propanol H HBr HO The 1° alcohol reacts with HBr by an SN2 mechanism. no carbocation intermediate = no rearrangement possible Br H2O Br H Br The 2° alcohol reacts by an SN1 mechanism to form a carbocation which rearranges. SN 2 no carbocation 9.36 La conversione di un alcol 1° in un cloruro alchilico 1° avviene con un meccanismo SN2. Il meccanismo SN2 ha luogo più facilmente in solventi polari aprotici, che rendono il nucleofilo più forte. Non è necessaria l'aggiunta di ZnCl2. HCl R OH R Cl HMPA polar aprotic solvent This makes Cl− a better nucleophile. 9.37 H2SO4 , NaBr CH3CH2CH2CH2OH CH3CH2CH2CH2Br overall reaction CH3CH2CH CH2 CH3CH2CH2CH2OCH2CH2CH2CH3 Step [1] for all products: Formation a good leaving group CH3CH2CH2CH2 H OSO3H OH CH3CH2CH2CH2 O H + HSO4 H Formation of CH3CH2CH2CH2Br: CH3CH2CH2CH2 O H CH3CH2CH2CH2Br + H2O H Na+ Br– Formation of CH3CH2CH=CH2: CH3CH2CH CH2 O H H CH3CH2CH CH2 + H2O H HSO4– Ether forms (from the protonated alcohol): CH3CH2CH2CH2 CH3CH2CH2CH2 O H OH2 CH3CH2CH2CH2 O CH2CH2CH2CH3 + H2O H HSO4 CH3CH2CH2CH2 O CH2CH2CH2CH3 H2SO4 Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.38 TsCl OH C CCH2OR OTs pyridine C CCH2OR 9.39 H OTs CH3CH2 a. H CH2CH 3 CH3CH2 H H H 2 anti H's 2 elimination products This conformer reacts. H H H H H OTs CH3CH2 axial OTs group OTs H OTs = H CH3CH2 H H H H H H = = elimination CH3CH2 –H, OTs two axial β hydrogens two possible products CH2CH 3 disubstituted major product trisubstituted H OTs H CH3CH2 b. = H CH2CH3 H OTs H CH3CH2 H TsO H axial OTs group H only 1 axial H 1 elimination product This conformer reacts. CH3CH2 only one β axial H only one product H H H OTs H elimination –H, OTs CH3CH2 H = H H CH2CH 3 CH2CH3 only product Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.40 OTs + a. CN SN2 CN 1° tosylate b. CH3CH2CH2 OTs E2 K+ −OC(CH3)3 + CH3CH strong bulky base 1° tosylate H OTs c. CH3 + OTs strong nucleophile CH2 + K+ −OTs + HOC(CH3)3 HS H + C SH SN2 product (inversion of configuration) C strong nucleophile SN2 CH2CH2CH3 2° tosylate CH3 CH2CH2CH3 (Substitution is favored over elimination.) 9.41 Per sintetizzare un etere usando la sintesi degli eteri di Williamson: [1] Prima trovare i due possibili alcossidi ed e gli alogenuri alchilici necessari per la sostituzione nucleofila. [2] Classificare gli alogenuri alchilici come 1°, 2°, or 3°. Il meccanismo favorito è quello che prevede l’alchene meno ingombrato. Two possibilities: Two possibilities: CH3 CH3 O a. CH3 O b. CH3CH2 O C CH3 CH3 CH3CH2 O C CH3 H H CH3 CH3O + Br CH3CH2 CH3Br + O 2° halide O + Br H methyl halide CH3 C CH3 2° halide CH3CH2 Br 1° halide + O C CH3 H less hindered RX preferred less hindered RX preferred 9.42 a. CH3CH2 O CH2CH3 CH3 b. CH3 C O CH2CH3 H HBr 2 CH3CH2 Br + H2O c. CH3 HBr CH3 C Br H + CH3CH2Br + H2O O CH3 HBr Br + CH3Br + H2O Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.43 a. c. O O CH3CH2OCH2CH2CH3 O Br 2° halide CH3CH2O + BrCH2CH2CH3 O Br 1° halide 1° halide less hindered RX preferred path OCH2CH2CH3 b. CH3CH2OCH2CH2CH3 CH3CH2Br + OCH2CH2CH3 1° halide Neither path preferred. OCH2CH2CH3 Br O OCH2CH2CH3 + BrCH2CH2CH3 2° halide 1° halide less hindered RX preferred path 9.44 Un alogenuro terziario è troppo ingombrato ed un alogeuro arilico è troppo poco reattivo per dare la sintesi degli eteri di Williamson. Two possible starting materials: CH3 CH3 Br O C CH3 CH3 O C CH3 CH3 Br CH3 aryl halide unreactive in SN2 O C CH3 CH3 3° alkyl halide too sterically hindered for SN2 9.45 a. (CH3)3COCH2CH2CH3 b. O HBr HBr (CH3)3CBr + BrCH2CH2CH3 2 Br H2O H2O c. OCH3 HBr Br CH3Br H2O Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.46 overall reaction CH3 a. O I CH3 H I + H2O I The steps: CH3 O CH3 I + I H H + I H CH3 O CH3 O I CH3 CH3 H b. Cl O Na+ H– H O Cl H CH3 O I CH3 H I + H2 + NaCl + H2 + Na+ O 9.47 O CH3 Na+ H– R O H O R O + + Na + H2 O S OCH3 (dimethyl sulfate) R OCH3 + OSO3CH3 + H2 Dimethyl sulfate is a reactive methylating agent because –OSO3CH3 is a very good leaving group; it is a resonance-stabilized, weak conjugate base. The conjugate acid of –OSO3CH3 is HOSO3CH3, which is a strong acid, similar in acidity to H2SO4. 9.48 Confrontare gli epossidi ed il ciclopropano. Perchè un composto sia reattivo nei confronti dei nucleofili, deve essere elettrofilo. δ− O δ+ δ+ epoxide cyclopropane O is electronegative and pulls electron density away from C's. This makes them electrophilic and reactive with nucleophiles. Cyclopropane has all C's and H's, so all nonpolar bonds. There are no electrophilic C's so it will not react with nucleophiles. 9.49 Due regole per la reazione di un epossido: [1] I nucleofili attaccano dal retro dell’epossido. [2] I nucleofili carichi negativamente attaccano al carbonio meno sostituito. Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl CH3 a. CH3 OH [1] CH3CH2O O [2] H2O O C C b. CH3 OCH2CH3 H Attack here: less substituted C backside attack H HO [1] H C C H [2] H O 2 H CH3 C C C H H CH Attack here: less substituted C backside attack 9.50 O O C a. H C H HBr H H BrCH2CH2OH d. H C H O C b. H C H c. H C H HOCH2CH2OH e. H H2SO4 C H H HOCH2CH2OH H H [2] H2O O f. H CH3CH2OCH2CH2OH [2] H2O C HC C CH2 CH2OH [2] H2O [1] −OH C H [1] CH3CH2O− H H [1] HC C– O H2O H H O C C C H [1] CH3S− H H CH3SCH2CH2OH [2] H2O 9.51 O a. CH3 CH3 H H Br CH3CH2O H O CH3 OH [1] CH3CH2O− Na+ O OH HBr c. CH3 C C H H2SO4 CH3 b. O CH3 OH CH3CH2OH d. [2] H2O OCH2CH3 OH [1] NaCN [2] H2O 9.52 CH3 Cl H C a. CH3 Cl H C C H O H CH3 C O H CH3 CH3 C b. H O Na+ H− Cl C H CH3 CH3 H C O Cl C H C CH3 H The 2 CH3 groups are anti in the starting material, making them trans in the product. CH3 H The 2 CH3 groups are gauche in the starting material, making them cis in the product. O C4H8O Na+ H− H H CH3 C CH3 CH3 H C C O C4H8O CN Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.53 a. KOC(CH3)3 OTs b. OH * Bulky base favors E2. HBr H CH3 c. H CH3 O CH3CH2 C C H CH2CH3 H [2] H2O Keep the stereochemistry at the stereogenic center [*] the same here since no bond is broken to it. C C CN H H CH3CH2 CH2CH3 H Br SN2 inversion TsCl OH O O CH3CO2 OTs pyridine H D OH H D Br Br OH H D [1] NaOCH3 [2] H2O OCH3 OH OH OCH3 O NaH OCH2CH3 CH3CH2I i. CH2CH3 CH3 C O CH3 CH3 CH3CO2 HBr OH CH3CH2 C CH3 f. j. H CN (CH3)3C SN2 inversion PBr3 CH3 + H KCN OH e. HO OH OTs (CH3)3C h. CH3CH2 H [1] −CN d. g. Br * CH2CH3 CH2CH3 CH3 HI CH3CH2 C I CH3 + I CH3 + H2O C CH2CH3 CN identical Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.54 a. OH b. OH c. OH HBr or PBr3 Br HCl or SOCl2 Cl [1] Na+ H− [2] CH3CH2Cl O O [1] TsCl/pyridine d. OH OTs [2] N3− N3 Make OH a good leaving group (use TsCl), then add N3−. 9.55 a. OH HCl or SOCl2 b. OH H2SO4 c. OH [1] Na+ H− d. OH [1] TsCl/pyridine Cl O [2] CH3Cl OTs [2] –CN OCH3 CN Make OH a good leaving group (use TsCl), then add −CN. Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.56 Br (a) = HBr (b) = KOC(CH3)3 or PBr3 or other strong base OH OTs (d) = KOC(CH ) 3 3 (c) = (e) = or other strong base TsCl/pyridine H2SO4 or TsOH Br (f) = KOC(CH3)3 NBS or other strong base HOCl OH (h) = OH OH/H2O OH (g) = NaH O Cl + enantiomer − 9.57 Net Reaction: Nu replaces OH. (C6H5)3P [ROY] ROH O R Nu O CH3CH2OCN NCOCH2CH3 Not isolated. (DEAD) O (C6H5)3P a. OH DEAD CH3COOH O C CH3 b. OH (C6H5)3P DEAD CH3SH SCH3 Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl 9.58 Cl Cl (CH3)3C (CH3)3C OH Cl OH A (CH3)3C OH B C Cl (CH3)3C Cl OH (CH3)3C Cl (CH3)3C OH OH (CH3)3C rapid reaction This isomer can have the OH and Cl in the trans diaxial positions, while the larger group C(CH3)3 can be in the favorable equatorial position. no reaction This isomer has the OH and Cl in a cis position, prohibiting epoxide formation. The OH must be able to approach from the backside. OH Cl OH is in a favorable arrangement for backside attack of the nucleophile on the leaving group. intermediate reactivity This isomer can have the OH and Cl in the trans diaxial positions. But the larger group C(CH3)3 must be in the unfavorable axial position, making this reaction slower. Cl (CH3)3C O 9.59 OH OH CH3 C C CH3 OH OH2 OH H OSO3H CH3 CH3 CH3 C CH3 C CH3 C CH3 CH3 CH3 C shift CH3 CH3 CH3 CH3 pinacol C 1,2-CH3 CH3 OH C CH3 + H2O + HSO4 CH3 CH3 C CH3 O CH3 O H C CH3 CH3 C CH3 C CH3 pinacolone 9.60 O O H O C I O H H O O O O H C H C H Na+ –OH I O O C H I O H H O 9.61 Bisogna disegnare il prodotto che mette il nucleofilo ed il gruppo uscente (O−) trans e diassiali. HSO4 Fondamenti di chimica organica Janice Gorzynski Smith Copyright © 2009 – The McGraw-Hill Companies srl a. (CH3)3C This bond was above the six-membered ring in the epoxide and it stays above it in the product. O = OH (axial) O O (CH3)3C H2O (CH3)3C OCH3 (CH3)3C OCH3 = H H (CH3)3C OH OCH3 (axial) attack from below OCH3 only b. (CH3)3C O = (CH3)3C H2O (CH3)3C O attack from above OCH3 (axial) OCH3 OCH3 (CH3)3C O This bond was below the six-membered ring in the epoxide and it stays below it in the product. H H = (CH3)3C OCH3 OH (axial) OH only The nucleophile must always approach by backside attack; i.e. if the epoxide is drawn "up" it must attack from below. Even though both ends of the epoxide are equally substituted, nucleophilic attack occurs at only one C–O bond, the one that gives trans diaxial products, as drawn.