Il centro di massa di corpi simmetrici x CM x x2 x1 m 1x1 m 2x 2 m1 m 2 se m1 m 2 xCM x1 x2 2 • Centro di massa di una sbarra omogenea Asse di simmetria Centro di simmetria Centro di massa di una disco omogeneo G.M. - Edile A 2002/03 • L’elemento oscillante di un pendolo è costituito da una sbarretta di massa ms=0.5kg e lunga 50 cm a cui è attaccata un disco di massa md=1kg di 20cm di diametro. Determinare la posizione del CM. y y Applic azione • CM della sbarra (0,0.45m) ms=0.5kg • CM del Disco (0,0.1m) md=1kg x CM 0 x x m1y1 m2y 2 1kg 0.1m 0.5kg 0.45m 0.1 0.225kgm 0.325 y CM m 0.22m m1 m2 1.5kg 1.5kg 1.5 G.M. - Edile A 2002/03 Il centro di massa di corpi continui y dm r x z n m r i i rCM rCM i1 n corp o mi dm x corp o dm corp o dm corp o i1 x CM dmr y CM dm y corp o dm corp o z CM dm z corp o dm corp o G.M. - Edile A 2002/03 z La velocità del centro di massa P1 • Se i vari punti materiali si muovono • Anche il centro di massa si muoverà • Calcoliamo la sua velocità r1 rCM r2 P2 r2 n m r i i rCM m y r3 i1 n P3 i x i1 n n dri m r m i i i n dt drCM d i1 1 d i1 v CM m r dt dt M M dt i1 i i M per defin izion e perchè la deriv ata si p uò distribuire sulla so mma e perchè m è costan te n m v i i i1 M i 1 perchè è costan te M G.M. - Edile A 2002/03 z L’accelerazione del centro di massa P1 • Possiamo anche calcolarci l’accelerazione del centro di massa r1 rCM r2 P2 r2 n m v i i v CM y r3 i1 M P3 x a CM dv CM dt per defin izion e n n dvi m v m i i i n dt d i1 1 d i1 m v dt M M dt i1 i i M perchè la deriv ata si p uò distribuire sulla so mma e perchè m è costan te n m a i i i1 M i 1 perchè è co stan te M G.M. - Edile A 2002/03 • Un’auto di massa 1000 kg è ferma ad un semaforo. Quando viene il verde (t=0s) parte con una accelerazione costante di 4 m/s2. Nello stesso istante sopraggiunge con velocità costante di 8m/s un camion di massa 2000kg che sorpassa l’auto. A che distanza dal semaforo si troverà il centro di massa del sistema autox Ccamion vC t per t=3.0s? x C 24m t3s Quale sarà la sua velocità? t=0 xa x O t=3s O x x CM (3s) 1 2 at 2 v C vC v a at t3s x a 18m v C 8m / s va 12m / s t 3s t 3s Applic azione m C x C m a x a 2000 24 1000 18 m 22m mC ma 3000 m C v C m a va 2000 8 1000 12 m m 9.3 mC ma 3000 s s m a ma a a 2000 0 1000 4 m m a CM (3s) C C 1.33 mC m a 3000 G.M. - Edile s2 A 2002/03 s2 v CM (3s) • Un’auto di massa 1000 kg è ferma ad un semaforo. Quando viene il verde (t=0s) parte con una accelerazione costante di 4 m/s2. Nello stesso istante sopraggiunge con velocità costante di 8m/s un camion di massa 2000kg che sorpassa l’auto. A che distanza dal semaforo si troverà il centro di massa del sistema auto camion per t=3.0s? Quale sarà la sua velocità? Applic azione t=0 x O x CM (0s) 0m m C vC ma va 2000 8 1000 0 m m v CM (0s) 5.33 mC m a 3000 s s a CM (0s) 1 x CM v CM t a CM t 2 2 v CM (t) v CM (0s) at t3s t3s m C a C m a a a 2000 0 1000 4 m m 1.3 mC ma 3000 s2 s2 1 xCM 5.33 3 1.33 9 22.0m 2 vCM (3s) 5.33 1.33x3 9.33m / s G.M. - Edile A 2002/03 z Ricapitoliamo n m r m x i i rCM = P1 n i i i1 x CM = M r1 i1 n rCM r2 M m y i i y CM = i z CM = n x M n m v i i M P3 i1 n m v i1 y r3 i i i1 v CM = M m z n m r2 i1 n con M P2 m a i xi vx CM = i1 n m a i i a CM = M n i1 M i xi a xCM = n m v i1 n i yi a yCM = M M M m a i zi i1 i1 n m v v z CM = M m a i yi vy CM = i1 i zi a z CM = i1 G.M. - Edile A 2002/03 M Il teorema del centro di massa z n MaCM = dalla definizione di accelerazione del CM m i ai R (1est ) i1 mi a i Ri Ri R i ( est) F12 P1 i 1,2,..., n f ij F21 r1 F13 rCM r2 i 1,2,...,n ji r2 P2 R (2est ) F31 • Forze interne – Le forze dovute alle altre particelle che fanno parte del sistema di punti materiali F23 y r3 R (3est ) P3 x F32 • Forze esterne – Le forze dovute alle altre particelle che non fanno parte del sistema di punti materiali MaCM = n i1 n m i ai i1 ( est) Ri ji fij n i1 n R(est) i f ij i1 ji perchè in un a somma è po ssibile cambiareordin l' e degli addendi G.M. - Edile A 2002/03 Il teorema del centro di massa z n R (est) i R (1est ) Risultante delle forze esterne i1 f ij i1 ji F12 P1 n Risultante delle forze interne F21 r1 F13 rCM r2 • La risultante delle forze interne è nulla r2 F31 – Le forze interne sono a coppia fij fji F23 P2 R (2est ) y r3 – Ogni coppia ha risultante nulla – La risultante è la somma di tanti termini tutti nulli R (3est ) P3 x F32 3 f ij i1 ji f1 2 f1 3 f2 1 f2 3 f3 1 f3 2 f1 2 f2 1 f1 3 f3 1 f2 3 f3 2 0 i1 i2 i3 0 0 0 – Il caso di n=3 G.M. - Edile A 2002/03 Il teorema del centro di massa z ( est) MaCM = R • R (1est ) L’accelerazione del centro di massa è dovuta alle sole forze esterne. F12 P1 F21 r1 • • • • il centro di massa si muove come un punto materiale, avente una massa pari alla massa totale del sistema, sottoposto all'azione della risultante delle sole forze esterne agenti sul sistema. I singoli punti possono avere un moto complicato Il moto del centro di massa è influenzato dalle sole forze esterne Il moto del centro di massa rappresenta il moto di insieme del sistema • F13 rCM r2 F23 r2 F31 P2 R (2est ) y r3 R (3est ) P3 x F32 Il moto dell’automobile è determinato dalle forze esterne: la forza peso, la normale esercitata dall’asfalto, la forza di attrito esercitata dall’asfalto, la resistenza passiva offerta dall’aria G.M. - Edile A 2002/03 z La quantità di moto • P1 La quantità di moto di un sistema di punti materiali si ottiene sommando le quantità di moto di ciascun punto materiale r1 rCM r2 P2 r2 n P m v i i i1 • y r3 Ricordando l’espressione della velocità del centro di massa P3 x n m v i i v CM • i1 M to t P = Mto tv CM La quantità di moto di un sistema di punto materiali è proprio uguale alla quantità di moto del Centro di Massa – Centro di massa: • massa pari alla massa totale del sistema • velocità uguale alla velocità del centro di massa Per quanto riguarda la quantità di moto, il centro di massa rappresenta completamente il sistema di particelle. G.M. - Edile A 2002/03 I equazione cardinale della dinamica dei sistemi di punti materiali dP dMto tv CM dv (e) = Mto t CM Mto ta CM R dt dt dt teorema del cen tro di massa z dP = R(e) dt • • • La derivata della quantità di moto di un sistema di punti materiali è uguale alla risultante delle sole forze esterne P1 r1 rCM r2 È equivalente al teorema del centro di massa P2 r2 y r3 P3 x G.M. - Edile A 2002/03 La conservazione della quantità di moto • Se la risultante delle forze esterne è nulla dP =0 dt • • • P costante la quantità di moto delle singole particelle agenti sul sistema possono variare, ma la quantità di moto totale del sistema rimane costante in modulo, direzione e verso. Un sistema isolato è un sistema molto lontano da altri corpi e quindi non soggetto a forze esterne: la quantità di moto di un sistema isolato si conserva. La conservazione della quantità di moto è equivalente alla terza legge di Newton dP dp1 dp2 0 dt dt dt dp1 dp 2 dt dt f12 = -f21 Noi abbiamo ricavato la conservazione della quantità di moto dalle leggi di Netwon: in realtà il principio di conservazione della quantità di moto è un principio più generale: vale anche al di fuori della meccanica classica. G.M. - Edile A 2002/03 • Un’astronave di massa totale M sta viaggiando nelle profondità dello spazio con una velocità vi=2100km/h rispetto al sole. Espelle uno stadio posteriore di massa 0.20M alla velocità relativa u=500km/h rispetto all’astronave, diretta lungo l’asse x. Quanto diventa la velocità dell’astronave rispetto al sole? Applic azione Indichiamo con U la velocità dello stadio posteriore rispetto al sole. Siamo molto lontani da qualsiasi altro corpo, quindi le forze esterne sono nulle. La quantità di moto si conserva. Consideriamo il sole come un sistema di riferimento inerziale dP =0 dt P costante Pi Pf La quantità di moto iniziale è diretta lungo l’asse x La quantità di moto finale dello stadio posteriore è anch’essa diretta lungo l’asse x Anche la quantità di moto del resto dell’astronave sarà diretta lungo l’asse x Pix Pfx Mv i 0.20M U 0.80M vf Mvi 0.20M v f u 0.80M vf v v' vO' U u v f Mvi Mvf 0.20Mu km km v f v i 0.20u 2100 km h 0.20 500 h 2200 h G.M. - Edile A 2002/03 La conservazione parziale della quantità di moto • La I equazione cardinale della dinamica dei sistemi è una relazione vettoriale dP = R(e) dt • Se il sistema non è isolato, allora la risultante non sarà nulla – È possibile che alcune delle componenti della risultante siano nulli – Allora si conservano le corrispondenti componenti della quantità di moto dP (e) =R dt dPx = R(ex ) dt dPy (e ) = Ry dt dPz = R(e) z dt R (e) x 0 Px costante Ry 0 R (e) z 0 Py costante Pz costante (e) G.M. - Edile A 2002/03 • Nella figura si vede un vagone ferroviario a pianale basso di massa M che è libero di muoversi senza attrito su un binario rettilineo orizzontale. Applic All’inizio un uomo di massa m sta fermo sul vagone che viaggia verso destra azione con velocità vo. Quale sarà la variazione di velocità del vagone se l’uomo si metterà a correre verso sinistra con una velocità vrel rispetto al vagone? Si assuma vo=1m/s, vrel=5m/s, m=70kg, M=1000kg. In questo caso le forze esterne non sono nulle: peso del vagone, peso dell’uomo, reazione vincolare del binario (solo componente normale). Però le forze sono tutte verticali Si conserva la quantità di moto orizzontale, in x particolare quella diretta secondo i binari. Il sistema di riferimento è quello dei binari (inerziale). Pix Pfx dPx = R est x =0 dt Px costante M m vi mv u Mv f vu velocità dell’uomo rispetto ai binari Dai moti relativi v v' vO' v u v rel v f M mvi m vf v rel M vf M mv i M mv f mv rel vf mM m 70 m 1140 vi v rel 1 ms 5 mM m M 1070 s 1070 m s 1.07 ms G.M. - Edile A 2002/03 Urti • Si parla di urti quando due punti materiali (o due sistemi di punti materiali) si scambiano energia e quantità di moto in un tempo estremamente breve. p Fm t p la variazione di quantità di moto è finita t tende a zero • Le forze agenti sulle particelle interagenti sono estremamente intense (forze impulsive!!) G.M. - Edile A 2002/03 Fasi dell’urto • fase iniziale prima dell’urto: in cui esiste un moto imperturbato. • fase dell’urto: – La durata di questa fase è piuttosto piccola rispetto alla durata complessiva del moto. – Si produce quindi una brusca variazione nel moto dei due sistemi interagenti – È caratterizzata dalla presenza di forze molto intense. r vt r 0 t 0 Poiché l’urto è istantaneo, le particelle, nella fase dell’urto, non si spostano. • fase successiva all'urto: dopo l'interazione, lo stato di moto continua ad essere di nuovo imperturbato. Il CM si trova sempre sul segmento che congiunge le due particelle. L’urto avviene nel CM G.M. - Edile A 2002/03 Impulso della forza • Durante l’urto le forze che agiscono sulle particelle interagenti hanno una intensità molto grande (tendente all’infinito). F21 F12 1 2 F12 – Sono difficili da descrivere. – Quello che è importante è l’effetto prodotto • Consideriamo una delle due particelle interagenti F12m – La particella 1 – La sua variazione di quantità di moto, prodotta dalla forza F12, vale: p p p 1 1f 1i t2 t1 • Si definisce Impulso della forza F12 la quantità: dp1 F1 2 dt dp1 F1 2dt p1 t2 dp1 t1 t2 F1 2dt t1 t I1 p1 p1f p1i I1 La stessa variazione di quantità di moto può essere ottenuta con una forza molto intensa che dura molto poco, o da una forza meno intensa che agisce per un tempo piu lungo. t2 F1 2dt t1 Rappresentato dall’area sotto la curva G.M. - Edile A 2002/03 Forza media • La forza media è la forza costante che, agendo nell’intervallo tra t1 e t2, provoca la stessa variazione di quantità di moto della forza F12: P1 t2 F21 F12 1 2 F12 F dt F t1 12 1 2m t F12m L’impulso in questo caso è rappresentato dall’area del rettangolo di base t e altezza F12m t1 t2 t l’area del rettangolo di base t e altezza F12m è uguale all’area sotto la curva dell’intensità della forza in funzione del tempo G.M. - Edile A 2002/03 • Una pallottola da 30 g, con velocità iniziale di 500 m/s penetra per 12 cm in una parete di muratura prima di fermarsi Di quanto si riduce l’energia meccanica della pallottola? Qual è la forza media che ha agito sulla pallottola mentre penetrava nella parete? Quanto tempo ha impiegato la pallottola per fermarsi? Prima Usiamo il sistema di riferimento del Laboratorio per descrivere il moto: la parete è ferma in tale sistema il sistema di riferimento è inerziale Le forze agenti sono: La forza peso (fa lavoro nullo) La Normale (fa lavoro nullo) La forza di attrito(dinamico) Applic azione x Dopo L’energia meccanica totale coincide con l’energia cinetica. Nell’ipotesi di un moto orizzontale come mostrato in figura, non c’è variazione dell’energia potenziale della forza peso Kf 0 1 1 1 2 E K f Ki mv 2i 30 103 5002 3750J K i mv i 2 2 2 E 3750 3 P mg 30 10 9.81 .294N E Wnc Fx x Fx 31250N 2 x 12 10 E Ef Ei Kf Ki Circa 100 mila volte il peso G.M. - Edile A 2002/03 • Per calcolaci tempo ha impiegato dalla pallottola per fermarsi, valutiamo l’impulso della forza. Prima I p pf pi Applic azione x La quantità di moto finale è nulla Quella iniziale ha solo la componente x Anche l’impulso avrà solo la componente x Dopo I x p x f px i mv i 30 10 3 500 15kgms 1 I x Fx t t Ix 15 0.032s Fx 31250 Il proiettile impiega 3.2 centesimi di secondo per fermarsi Questo semplice esempio mostra come le forze negli urti siano molto intense I tempi dell’interazione siano piuttosto piccoli G.M. - Edile A 2002/03 Soluzione dei problemi di urto Sistema isolato • Consideriamo dapprima un urto, in cui le particelle interagenti sono così lontane da altre particelle da poter considerare nulle le forze esterne (sistema isolato) • Dalla I equazione cardinale dei sistemi ricaviamo che la quantità di moto totale del sistema di particelle interagenti si deve conservare. dP R est 0 P cos t dt F21 F12 1 2 Sistema delle particelle interagenti P p1 p2 cos t p1i p2 i p1f p2 f p2 f p2i p1f p1i p1 p2 I1 I2 G.M. - Edile A 2002/03 Soluzione dei problemi di urto in presenza di forze esterne • Consideriamo ora il caso in cui le F21 F12 particelle interagenti durante l’urto sono est F 1 2 1 sottoposte anche ad alcune forze esterne. F2est • La variazione della quantità di moto Sistema delle particelle subita da ciascuna particelle tra t1 e t2 interagenti t2 t2 t2 sarà F da: est est in t est est est P1 F dt F dt F dt P P F t F t F F data 12 1 12 1 1 1 1 2m 1 1 2m 1 t P F t1 t2 2 t1 21 F2 est dt F dt t1 t2 t1 21 t1 t2 t1 est in t est Se durante l’urto la forza esterna è trascurabile rispetto a quella interna P1 F1 2m t P2 F2 1m t F1 2m t P1 P P1 P2 P1 P1 0 P1 F2 dt P2 P2 F21m t F2 t F21m F2 Bisogna assicurarsi che le forze esterne, durante l’urto non diventino impulsive est est t F12 F12m F1est t2 2002/03t t1 G.M. - Edile A Forze esterne impulsive • Quali forze mi possono dare fastidio? • Quali forze durante l’urto possono diventare impulsive? • Tutte quelle forze per cui non abbiamo travato una espressione per calcolare il loro valore! • Forze che conservano una intensità finita durante l’urto: – – – – Forza peso Forza elastica Gravitazione universale Resistenza passiva P mg Felx kx mM FG 2 r F bv • Forze che possono diventare impulsive durante l’urto: – Componente normale della reazione vincolare N – Forze di attrito (attraverso il loro legame con la normale N) – Tensione nelle funi G.M. - Edile A 2002/03 Conservazione della quantità di moto • Se le forze esterne sono nulle o trascurabili rispetto a quelle impulsive interne • Si conserva la quantità di moto del sistema delle particelle interagenti. P 0 Pi Pf P1i P2i P1f P2 f m1v1i m2v 2i m1v1f m2v 2f m 1v1x i m 2v 2x i m1v1x f m 2v 2x f m 1v1y i m 2v 2y i m1v1y f m 2v 2y f 2 1 F21 F12 m1v1zi m 2 v2 zi m1v1zf m 2 v2 zf • Conoscendo le velocità iniziali, si possono determinate le velocità delle particelle dopo l’urto? • 3 equazioni con 6 incognite v2 v1 1 2 v’1 1 v’2 2 Sistema delle particelle interagenti G.M. - Edile A 2002/03 Istante iniziale e finale nello studio dei processi d’urto • Se le forze esterne sono assenti allora – Le due particelle sono sottoposte solo all’azione delle forze interne che esistono solo durante l’urto. – Sia prima che dopo l’urto non sono soggette a forze: si muovono di moto rettilineo uniforme, con quantità di moto costante. – i e f possono essere due istanti qualsiasi prima e dopo l’urto. • In presenza di forze esterne invece – i e f devono essere l’istante immediatamente prima dell’urto e quello immediatamente dopo l’urto. – Se si allunga l’intervallo di osservazione • La variazione della quantità di moto prodotta dalla forza esterna potrebbe non essere più trascurabile rispetto a quella prodotta dalla forza interna. • Non c’è più conservazione della quantità di moto G.M. - Edile A 2002/03 Moto del centro di massa in un processo d’urto • Se nell’urto si conserva la quantità di moto • Il centro di massa si muove con velocità costante: P Mv CM P costante v CM costante • Il Sistema di riferimento del CM è un sistema di riferimento inerziale – Molto utile per risolvere i problemi d’urto. G.M. - Edile A 2002/03 Conservazione parziale della quantità di moto • Se tra le forze esterne agenti sulle particelle che si urtano c’è una forza che, durante l’urto potrebbe diventare impulsiva (reazione vincolare, tensione, etc) • Non è lecito applicare la conservazione della quantità di moto. • In alcuni casi però è possibile stabilire a priori la direzione della forza impulsiva • Vuol dire che si conserveranno le componenti della quantità di moto nelle direzioni perpendicolari a quella della forza impulsiva R est x impulsiva est R est y 0 Rz 0 dP est R dt dPx R est Px potrebbe non conservarsi x (impulsiva ) dt dPy est Ry 0 Py si conserva dt dPz Rzest 0 Pz si conserva dt G.M. - Edile A 2002/03 Urti elastici o anelastici • Dal punto di vista dell’energia gli urti si classificano – Elastici • Se l’energia cinetica si conserva – Anelastici • Quando non si conserva l’energia cinetica • Nota Bene: Solo l’energia cinetica è importante. Infatti: – Se non ci sono forze esterne non c’è energia potenziale – Comunque durante l’urto la posizione delle particelle non varia, non varia neppure l’energia potenziale. r vt r 0 t 0 • Nel caso di urti anelastici, l’energia cinetica può – sia diminuire (viene trasformata in altre forme di energia: energia interna dei corpi, riscaldamento dei corpi) – ma anche aumentare (l’energia interna dei corpi viene trasformata in energia meccanica: esplosioni) • Urti completamente anelastici N.B. non c’è alcuna correlazione tra la conservazione dell’energia e quella della quantità di moto – Quando viene persa tutta l’energia cinetica che è possibile perdere compatibilmente con la conservazione della quantità di moto. G.M. - Edile A 2002/03 Urti completamente anelastici • Sono quegli urti in cui si perde tutta l’energia cinetica che è possibile perdere compatibilmente con la conservazione della quantità di moto P Mv CM P cost vCM cost 1 1 K' = m1v' 21 m 2v' 22 2 2 K' 0 Per il teorema di Konig 1 K Mv 2CM K' 2 dove K' è l' energia cinetica misurata nel sistema del CM v' 1 0 v' 2 0 se vCM cost al più K' può annullarsi 1 1 K' = m1v' 21 m 2v' 22 2 2 • Le due particelle nello stato finale hanno velocità nulla rispetto al centro di massa • Poiché al momento dell’urto, entrambe le particelle si trovavano nella posizione del centro di massa • Le due particelle emergono dall’urto unite insieme e si muovono con la G.M. - Edile A 2002/03 velocità del CM Soluzione dell’urto completamente anelastico • Consideriamo un urto completamente anelastico in cui si conserva la quantità di moto (non ci sono forze esterne impulsive) m1v1i m2v 2i m1v1f m2v 2f • A cui possiamo aggiungere l’ulteriore condizione: v1f v 2f v f m1v1i m2v 2i m1 m2 v f vf m1v1i m 2 v2 i m1 m2 • Abbiamo tre equazioni con tre incognite – Il problema ammette soluzione • Velocità del CM G.M. - Edile A 2002/03 Il pendolo balistico • Veniva usato per misurare la velocità dei proiettili sparati da un’arma da fuoco. • Consiste in un blocco di legno (o sacco di sabbia) appeso al soffitto con una corda di lunghezza l • Il proiettile penetra nel blocco di legno e si ferma rispetto al blocco (l’urto è completamente anelastico) • Blocco e proiettile, insieme, dopo l’urto cominceranno ad oscillare come un pendolo • Misurando l’ampiezza delle oscillazioni, dalla conoscenza degli altri parametri in gioco, massa del blocco, massa del proiettile e lunghezza del pendolo, è possibile risalire alla velocità iniziale del proiettile O m v M G.M. - Edile A 2002/03 • Una pallottola da m=30 g, viene sparata orizzontalmente con velocità di 500 m/s contro un blocco di legno di massa M=4kg appeso ad una fune di lunghezza L=2m. La pallottola si conficca nel blocco e forma un tutt’uno con esso. Determinare la perdita di energia meccanica nell’urto. Determinare l’elongazione massima del pendolo Se la pallottola è penetrata nel pendolo per un tratto di 3cm, stimare la forza media che ha frenato la pallottola rispetto al blocco e la durata dell’urto Verificare che lo spostamento subito dal pendolo durante l’urto è trascurabile. Valutare infine la tensione nella fune subito prima e subito dopo l’urto. Applic azione O m v M G.M. - Edile A 2002/03 Il pendolo balistico: analisi delle forze • • • • Le forze peso non sono impulsive La tensione potrebbe diventare impulsiva durante l’urto. Non possiamo imporre la conservazione della quantità di moto Poiché l’urto dura poco, la posizione del pendolo durante l’urto non varia O T m – Il filo durante l’urto resta verticale • • • Tutte le forze esterne durante l’urto sono verticali Si conserva la componente della quantità di moto orizzontale. P1xi P2xi P1xf P2xf In particolare: mv M mVx Pm v M x PM mv Vx M m G.M. - Edile A 2002/03 Energia persa nell’urto Ki 1 mv 2 2 2 1 1 1 m 2 v2 mv 2 K f M mVx M m M m 2 2 2M m Vx mv M m 1 m 2 m K f mv Ki M m M m 2 mino re di 1 K persa Ki K f 1 1 m 1 m 1 2 2 M mv 2 mv 2 mv 1 mv M m 2 M m 2 2 M m 2 se m<< M questo termine è 1 Quasi tutta l’energia cinetica viene persa durante l’urto a causa delle forze di attrito che si oppongono alla penetrazione del proiettile nel blocco di legno. K K f Ki Kp ersa Wfa Fa x Il lavoro della altre forze agenti o è nullo o è trascurabile x = penetrazione G.M. - Edile A 2002/03 • Una pallottola da m=30 g, viene sparata orizzontalmente con velocità di 500 m/s contro un blocco di legno di massa M=4kg appeso ad una fune di lunghezza L=2m. La pallottola si conficca nel blocco e forma un tutt’uno con esso. Determinare la perdita di energia meccanica nell’urto. Determinare l’elongazione massima del pendolo Se la pallottola è penetrata nel pendolo per un tratto di 3cm, stimare la forza media che ha frenato la pallottola rispetto al blocco e la durata dell’urto verificare che lo spostamento subito dal pendolo durante l’urto è trascurabile. Valutare infine la tensione nella fune subito prima e subito dopo l’urto. mv 30 10 3 kg 500 m s Vx 3.72 m s M m 4.030kg 1 2 M 1 4. mv 30 10 3 500 2 2 M m 2 4.030 3750 .993 3696.0J Applic azione O K persa m v M K K f Ki Kp ersa Wfa Fa x Kp ersa 3696.0 Fa 123201N x 3 10 2 p1f p1i 30 1033.72 500 t 0.12 10 3 s Fax 123201N d Vx t 3.72 m s .12 10 3 s .44 10 3 m G.M. - Edile A 2002/03 II fase oscillazione • L’oscillazione avviene sotto l’azione della forza peso (conservativa) e della tensione. E Wn c WT O h (1 cos) T U f M mgh M mg (1 cos) h dr M +m Ei Ef PM m Ki U i Kf U f 1 M m Vx2 0 0 M m g 1 cos 2 1 m 2v 2 M m g 1 cos 2 Mm v Vx mv M m M m 2g 1 cos m G.M. - Edile A 2002/03 • Una pallottola da m=30 g, viene sparata orizzontalmente con velocità di 500 m/s contro un blocco di legno di massa M=4kg appeso ad una fune di lunghezza L=2m. La pallottola si conficca nel blocco e forma un tutt’uno con esso. Determinare la perdita di energia meccanica nell’urto. Determinare l’elongazione massima del pendolo Se la pallottola è penetrata nel pendolo per un tratto di 3cm, stimare la forza media che ha frenato la pallottola rispetto al blocco e la durata dell’urto Verificare che lo spostamento subito dal pendolo durante l’urto è trascurabile. Valutare infine la tensione nella fune subito prima e subito dopo l’urto. mv 30 10 3 kg 500 m s Vx 3.72 m s M m 4.030kg Applic azione O Ei Ef Ki U i Kf U f 1 M m Vx2 0 0 M m g 1 cos 2 1 Vx2 1 3.722 1 .6473 cos 1 2 g 2 9.81 2 m v M ar cos.6473 50 G.M. - Edile A 2002/03 • Una pallottola da m=30 g, viene sparata orizzontalmente con velocità di 500 m/s contro un blocco di legno di massa M=4kg appeso ad una fune di lunghezza L=2m. La pallottola si conficca nel blocco e forma un tutt’uno con esso. Valutare infine la tensione nella fune subito prima e subito dopo l’urto. y Prima dell’urto: T P 0 T P Applic azione O T Mg 4 9.81 39.24N Subito dopo l’urto, il pendolo è rimasto nella stessa posizione, ma si sta muovendo con velocità Vx: m v M T P M ma Proiettando su un asse verticale: T M m g M m T M m g M m Vx2 Vx2 2 3.72 46.45N 4.030 9.81 2 G.M. - Edile A 2002/03 Proiettile sparato dall’alto • La forza FMn è impulsiva (forza interna) • Poiché la lunghezza della corda ideale non varia m O v T PM FMm Ma 0 M T Mg FMm 0 T Mg FMm FMm • La tensione T ha, durante l’urto, una intensità comparabile con la forza FMn • La tensione T è impulsiva • Se la corda non è sufficientemente robusta si può rompere (viene superato il carico di rottura) • Non si ha conservazione della quantità di moto nella direzione verticale x T M FM m PM G.M. - Edile A 2002/03 Urto in due dimensioni • Consideriamo un urto in cui una della due particelle è ferma (senza forze esterne) – Particella 1 proiettile – Particella 2 bersaglio – b parametro d’urto v1 m1 b m2 • La retta di azione della velocità v1 e il punto P2 definiscono un piano – Le forze di interazione sono lungo la congiungente – Quindi contenute nel piano – Non c’è moto perpendicolarmente al piano precedentemente individuato (accelerazione nulla, velocità iniziale nulla) P1i P2 i P1f P2 f y • L’urto è piano. v' 1 m1v1 m1v' 1 cos1 m2 v' 2 cos2 0 m1v' 1 sen1 m2 v' 2 sen 2 Se l’urto è elastico si può aggiungere: 1 1 1 m1v21 m1v' 12 m 2 v' 22 2 2 2 1 v1 m1 m2 x 2 v' 2 G.M. - Edile A 2002/03 Urto in una dimensione -Urto centrale • L’urto centrale avviene quando il parametro d’urto b è nullo. – Le forze sono dirette lungo la congiungente delle due particelle – Che coincide con la retta di azione della velocità iniziale • Non essendoci forze perpendicolari alla direzione della velocità, non ci saranno accelerazioni perpendicolari alla velocità iniziale – Siccome la velocità iniziale ha solo componenti lungo la retta congiungente i due punti materiali – Non ci sarà moto perpendicolarmente alla congiungente le due particelle • L’urto centrale è un urto unidimensionale. v1 m1 m2 b Urto centrale v1 P1i P2 i P1f mP22 f m1 x m1v1x m1v' 1x m2 v' 2x Una sola equazione non basta per determinare le due velocità dello stato finale. Se l’urto è elastico si può aggiungere: Nel caso di urto elastico abbiamo due equazioni 1 1 1 m1v21x m1v' 21x m 2 v' 22x indipendenti in due incognite: 2 2 2 Il sistema ammette G.M. soluzione - Edile A 2002/03 Urto centrale elastico-bersaglio fermo • Per risolvere il sistema conviene metterlo in questa forma: m 1v1x m 1v' 1x m 2 v' 2 x 1 1 1 m1v21x m1v' 21x m 2 v' 22x 2 2 2 Urto centrale v1 m 1v1x v' 1x m 2 v' 2 x 2 m 1 v1x v' 21x m 2 v' 22 x P1i P2 i P1f mP22 f m1 x • Dividendo membro a membro la seconda per la prima: m 1v1x v' 1x m 2 v' 2 x v1x v' 1x v' 2 x v1x v' 1x v' 2 x m 1 m 2 m 1 m 2 m m 2 v1x v1x 1 v' 2 x m1 m 2 v' 1x v1x m 1v1x v' 1x m 2 v1x v' 1x v' 1x v1x m 1 m 2 m 1 m 2 v' 2 x v1x 2m 1 m1 m 2 v1x m1 m 2 v' 1x m1 m 2 v1x v' 1x v' 2 x G.M. - Edile A 2002/03 Urto centrale elastico: casi particolari m 1 m 2 v' 1x v1x m 1 m 2 Urto centrale 2m 1 v' 2 x v1x m1 m 2 v1 • La particella bersaglio, dopo l’urto si muoverà sempre nello stesso verso della particella incidente • La particella proiettile invece procede nello stesso verso che aveva prima dell' procede in verso opposto a quello che aveva prima dell' P1i P2 i P1f mP22 f m1 x urto se m1 m 2 urto se m1 m 2 si ferma se m1 m 2 • In caso di forti asimmetrie: m 1 m 2 v' 1x v1x m1 m2 m v1x 1 v1x m1 m2 m1 m 1 m 2 v' 1x v1x m1 m2 m 2 v1x v1x m1 m2 m2 v' 2 x v1x 2m1 2m1 v1x 2v1x m1 m 2 m1 v' 2x v1x 2m 1 2m1 v1x 0 m1 m 2 m2 G.M. - Edile A 2002/03 • • • Due automobili A e B di massa rispettivamente 1100 kg e 1400 kg, nel tentativo di fermarsi ad un semaforo, slittano su una strada ghiacciata. Il coefficiente di attrito dinamico tra le ruote bloccate delle auto e il terreno è 0.13. A riesce a fermarsi, ma B che segue, va a tamponare il primo veicolo. Come indicato in figura, dopo l’urto A si ferma a 8.2 m dal punto di impatto e B a 6.1 m. Le ruote dei due veicoli sono rimaste bloccate durante tutta la slittata. Determinare le velocità delle due vetture subito dopo l’impatto. E la velocità della vettura B prima dell’urto. Applic azione K WP WN WFa WFa 0 WFa Fax mg x 1 K f Ki 0 mv 2 mgx 2 N v 2gx v A 2 0.13 9.81 8.2 4.6 m s v B 2 0.13 9.81 6.1 3.9 m s m B vo m B vB m A v A vo P Fa m B vB m A vA 1400 3.9 1100 4.6 7.5 m S mB 1400 G.M. - Edile A 2002/03 Urto centrale elastico-bersaglio mobile • • In questo caso sia la velocità della particella 1 che quella della particella 2 sono dirette lungo la congiungente le due particelle. Considerando le componenti delle velocità lungo l’asse x: m1v1x m2 v2x m1v' 1x m2 v' 2x 1 1 1 1 m1v21x m 2 v22 x m1v' 21x m 2 v' 22x 2 2 2 2 • Urto centrale v1 v2 x P1i P2 i P1f mP22 f m1 m 1v1x v' 1x m 2 v' 2x v 2x 2 m 1 v1x v' 21x m 2 v' 22x v 22x Operando come nel caso precedente, dividendo membro a membro la seconda per la prima si perviene al seguente risultato: v' 1x v1x m1 m 2 2m 2 v2 x m1 m 2 m1 m2 v' 2 x v1x 2m1 m m1 v2 x 2 m1 m2 m1 m 2 • Se le particelle hanno la stessa massa, nell’urto si scambiano le velocità m1 m2 v' 1x v2 x v' 2 x v1x G.M. - Edile A 2002/03 • Un blocco di massa m1=2.0 kg scivola su di un piano privo di attrito alla velocità di 10 m/s. Davanti a questo blocco, sulla stessa linea e nello stesso verso, si muove a 3.0 m/s un secondo blocco, di massa m2=5.0kg. Una molla priva di massa , con costante elastica k=1120 N/m, è attaccata sul retro di m2. Qual è la massima compressione della molla quando i due blocchi si urtano? Quali sono le velocità finale dei due corpi dopo l’urto. • • • – – – – Applic azione Quando la molla è alla sua massima compressione i due blocchi sono fermi uno rispetto all’altro Prima della massima compressione si sono avvicinati Successivamente si allontanano La velocità comune dei due blocchi sarà uguale a quella del centro di massa Poiché la quantità di moto si conserva, anche la velocità del centro di massa sarà uguale a quella iniziale: m v m 2 v2 2.0 10 5.0 3 35.0 v' 1 v' 2 vCM 1 1 5ms m1 m2 7.0 7.0 – La differenza tra l’energia cinetica iniziale e quella finale è immagazzinata come compressione della molla m1v12 m2 v 22 m1 m2 v 2CM 1 1 1 1 x m1v21 m 2v 22 m1 m 2 v2CM k x 2 k 2 2 2 2 G.M. - Edile A 2002/03 • • • Un blocco di massa m1=2.0 kg scivola su di un piano privo di attrito alla velocità di 10 m/s. Davanti a questo blocco, sulla stessa linea e nello stesso verso, si muove a 3.0 m/s un secondo blocco, di massa m2=5.0kg. Una molla priva di massa , con costante elastica k=1120 N/m, è attaccata sul retro di m2. Qual è la massima compressione della molla quando i due blocchi si urtano? Quali sono le velocità finale dei due corpi dopo l’urto. Applic azione – Da cui x m1v12 m2 v 22 m1 m2 v 2CM k x 2 100 5 9 7 25 70 1 1 .25m 1120 1120 16 4 – Utilizzando le espressioni per l’uro centrale elastico: v' 1x v1x v' 2 x v1x m1 m 2 2m 2 3 10 v 2x 10 3.0 0 ms m1 m 2 m1 m 2 7 7 2m 1 m m1 4 3 49 v 2x 2 10 3.0 7ms m1 m 2 m1 m 2 7 7 7 G.M. - Edile A 2002/03